Difference between revisions of "TU Wien:Algebra und Diskrete Mathematik UE (diverse)/Übungen SS19/Beispiel 3"

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P(0)=6 | 7^0-1 \Leftrightarrow 6|0
+
\begin{align}
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P(0)=6 | 7^0-1 \Leftrightarrow 6|0 \\
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P(1)=6 | 7^1-1 \Leftrightarrow 6|6
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\end{align}
 
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P(1)=6 | 7^1-1 \Leftrightarrow 6|6
 
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(nicht notwendig, nur zur Veranschaulichung, P(0) ist ausreichend)
 
(nicht notwendig, nur zur Veranschaulichung, P(0) ist ausreichend)
  
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P(n+1) = 6|7^{n+1}-1
+
\begin{align}
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+
P(n+1)   =&\ 6|7^{n+1}-1 \\ \\
 
+
7^{n+1}-1 =&\ 7*7^n-1 \ \overset{I.V.}{\Leftrightarrow} \ 7*6*k \\ \\
<math>
+
P(n+1)   =&\ 6| 7*6*k&  \\
7^{n+1}-1 = 7*7^n-1 \overset{I.V.}{\Leftrightarrow} 7*6*k
+
& &\Box
</math>
+
\end{align}
 
 
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P(n+1) = 6| 7*6*k\Box
 
 
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Revision as of 18:51, 17 December 2017

Man zeige durch vollständige Induktion, dass 7^n-1 für alle n\in\mathbb{N} durch 6 teilbar ist.

Hilfreiches

Lösungsvorschlag

Induktionsvoraussetzung:


P(n):=6|7^n-1 \Leftrightarrow 7^n-1=6*k , k\in\mathbb{N}

Induktionsanfang:


\begin{align}
P(0)=6 | 7^0-1 \Leftrightarrow 6|0 \\
P(1)=6 | 7^1-1 \Leftrightarrow 6|6
\end{align}

(nicht notwendig, nur zur Veranschaulichung, P(0) ist ausreichend)

Induktionsschritt:


P(n)\Rightarrow P(n+1)

Induktionsbehauptung:


\begin{align}
P(n+1)    =&\ 6|7^{n+1}-1 \\ \\
7^{n+1}-1 =&\ 7*7^n-1 \ \overset{I.V.}{\Leftrightarrow} \ 7*6*k \\ \\
P(n+1)    =&\ 6| 7*6*k&  \\
& &\Box
\end{align}

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